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给定一个非负整数 num。对于 0 ≤ i ≤ num 范围中的每个数字 i ,计算其二进制数中的 1 的数目并将它们作为数组返回。
示例 1:
输入: 2
输出: [0,1,1] 示例 2:输入: 5
输出: [0,1,1,2,1,2] 进阶:给出时间复杂度为O(n*sizeof(integer))的解答非常容易。但你可以在线性时间O(n)内用一趟扫描做到吗?
要求算法的空间复杂度为O(n)。 你能进一步完善解法吗?要求在C++或任何其他语言中不使用任何内置函数(如 C++ 中的 __builtin_popcount)来执行此操作。来源:力扣(LeetCode)
链接:https://leetcode-cn.com/problems/counting-bits 著作权归领扣网络所有。商业转载请联系官方授权,非商业转载请注明出处。思路一:根据二进制中1的个数思路来求解。
class Solution {public: vector countBits(int num) { unsigned int ones = 0; vector ans; for(unsigned int i = 0;i <= num;++i){ int n = i; while(n > 0){ ones +=(1 & n); n = n>>1; } ans.emplace_back(ones); ones = 0; } return ans; }};
思路二:动态规划
分奇数和偶数:偶数的二进制1个数超级简单,因为偶数是相当于被某个更小的数乘2,乘2怎么来的?在二进制运算中,就是左移一位,也就是在低位多加1个0,那样就说明dp[i] = dp[i / 2]
奇数稍微难想到一点,奇数由不大于该数的偶数+1得到,偶数+1在二进制位上会发生什么?会在低位多加1个1,那样就说明dp[i] = dp[i-1] + 1,当然也可以写成dp[i] = dp[i / 2] + 1class Solution {public: vector countBits(int num) { vector f(num + 1,0); for(int i = 0;i <= num;++i){ if(i % 2 == 0) f[i] = f[i/2]; else f[i] = f[i/2] + 1; } return f; }};